[十二省聯考2019]騙分過樣例
- 2019 年 11 月 1 日
- 筆記
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這道題是個毒瘤題,花費了博主(text{1day})獨立解決(16)個子任務。下面步入正題。
subtask 1-3:1_998244353
這個觀察數據不難得出要求(19^xbmod 998244353),直接搞即可。注意到可能(x)非常大,根據費馬小定理(x^{P-1} equiv 1 pmod P),我們需要讀入取模。
subtask 4:1?
觀察數據和提示告訴我們:仍然求(19^x),只不過模數不知道。發現輸出文件的最大值在(10^6)左右,我們拿第一個輸入直接爆搜檢驗,最後能找出來(P=1145141)。
subtask 5:1?+
這個是前一個的加強版,發現模數在(5times 10^{18})左右,這個不好暴力了。怎麼辦呢?我把輸入的數排了個序,發現有兩組輸入的(x)之差為(2),於是我找到這兩組對應的輸出,得到了:(19^{264708066}equiv 1996649514996338529 pmod P)和(19^{264708068}equiv 1589589654696467295 pmod P)。也就是說上面的式子乘上(19^2)再取模就能得到下面的數字,於是我們得到了:(1996649514996338529times 19^2 equiv 1589589654696467295 pmod P)。然後改寫這個式子:(1996649514996338529times 361-nP=1589589654696467295),把常數移到右邊,發現在(long long)範圍內無法算出,我用(long double)算出了近似值。然後(P)一定是這個數的一個因子。發現(n)在(100)到(200)以內,我就暴力試除,考慮到精度又將除出來的模數以及(pm 1000)以內的用第一組輸入輸出判斷了一下,最後找到了模數(P=5211600617818708273)。
subtask 6-7:1wa_998244353
發現並不是求(19^x bmod 998244353)了,換成了用(int)一步一步直接乘再取模,忽視溢出等問題。代碼如下。
x = (int)(x * 19) % 998244353;
第(6)個點直接順序求解即可。第(7)個點恐怕不太行,(x)太大了。我一開始想改寫快速冪來求解,發現行不通。正當我一籌莫展的時候,我讓第(6)個點多跑到(10^6)組,發現了循環節。就是從(x=55246)開始,每過(45699)個數循環一次。這讓我想起了(text{Pollard-Rho})算法的環和(rho)很像。當然與那個算法沒有關係,這裡直接用上述性質即可。
subtask 14-16:2g && 2g+
當時我在做完前面(6)個(text{subtask})後緊接着做的。前面兩個點,每次詢問給你三個數(l),(r),(P),要求(l)到(r)在模(P)下的原根。對於第(14)個點,(P=998244353)時,(varphi(P)=P-1=998244352=2^{23}times 7times 17),因為不同的質因子只有(3)個,所以可以直接試除判斷是否為原根。
對於第(15)個點,(P=13123111),(varphi(P)=13123110=2×3×5×7×11×13×19×23),而且判斷的數字多達(10^7)個,試除肯定會(text{T}),而我們可以利用其中一個原根把其他的原根遍歷出來。在這裡(g)取(6),因為(g^t)遍歷所有(varphi(P))個與(P)互質的數,而當且僅當(t)與(varphi(P))互質的時候(g^t)也是原根。於是我們用(varphi(P))的質因子對(t)進行取模判斷。遍歷完後原根就找全了。
對於第(16)個點,最後一組詢問未知模數,根據數據給的原根我們反求模數。提示說在(10^9)到(2times 10^9)之間且是個質數,我們一個一個找,然後藉助已有的原根通過試除法判斷這個質數可不可行。(forall g),如果(g^frac{P-1}{2}notequiv 1 pmod P),則(P)很可能是我們要找的模數。我的電腦跑了大約(5min)找到了一個數(P=1515343657),然後檢驗發現是正確的。用它搜原根與用(P=998244353)的方法一樣。於是就解決了。
subtask 8-10:2p
要求我們判斷(l)到(r)內每個數是不是質數。小範圍的可以用線性篩,範圍稍微大點的可能可以篩一部分數然後用這部分數來篩(l)到(r),但我直接上了(text{Miller-Rabin}),這個算法可以在(log n)的時間內測試一個數是不是質數,正確率為(1-(frac{1}{4})^s),(s)為測試次數。這題貌似選取兩三個數就可以了,這樣常數小全能過。
subtask 11-13:2u
這裡讓我們篩出(l)到(r)的莫比烏斯函數。
同上面一樣,我們可以小範圍地篩出來(mu)過掉前兩個點。當時我沒有這麼想,用了(text{Pollard-Rho})來暴力分解然後篩出前(10^6)個莫比烏斯函數,發現第二個點都過不掉。怎麼辦呢?最大的數為(10^{18}),我想到如果篩出(10^6)以內的質數然後用這些質數來篩這些數,剩下的數的素因子一定(geq 10^6),所以剩下的數最多只能有兩個素因子,也就是以下三種情況:
一、剩下的數是質數,用(text{Miller-Rabin})判一下,這個時候會使(mu)乘上(-1);
二、剩下的數是兩個不同的質數的乘積;負負得正,這個時候不會對(mu)產生貢獻;
三、剩下的數是一個質數的平方。這個時候(mu)為(0)。
然後用小於(10^6)的因子去篩這些數,並且維護(mu),即可求解。
但要注意要去掉含有平方因子的數。最後這道題就解完了。
\ AC代碼 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long #define ull unsigned long long #define rep(i, a, b) for (register int i = a, end = b; i <= end; i++) #define repd(i, a, b) for (register int i = a, end = b; i >= end; i--) #define chkmax(a, b) a = max(a, b) #define chkmin(a, b) a = min(a, b) #define INF (1<<30) #define pb push_back #define mp(a, b) make_pair(a, b) #define fst first #define snd second #define pii pair<int, int> char s[15]; namespace _998244353 { int N; ull P; ull v; inline void inc(ull &a, ull b, ull p) { a += b; if (a >= p) a -= p; } ull Mult(ull a, ull b, ull p) { ull res = 0; for (ull k = a; b; inc(k, k, p), b >>= 1) if (b & 1) inc(res, k, p); return res; } ull qpow(ull a, ull b, ull p) { ull res = 1; for (register ull k = a; b; k = Mult(k, k, p), b >>= 1) if (b & 1) res = Mult(res, k, p); return res; } inline ull read() { ull w = 0; char c; while (!isdigit(c = getchar())) ; while (isdigit(c)) w = ((w << 3) + (w << 1) + (c ^ 48)) % (P-1), c = getchar(); return w; } void main(ull orz) { P = orz; scanf("%d", &N); rep(i, 1, N) { v = read(); printf("%llun", qpow(19, v, P)); } } } namespace WA { int N; int ans[55246+45699+5]; void main() { scanf("%d", &N); ans[0] = 1; rep(i, 1, 55246+45699) { ans[i] = (int)(ans[i-1]*19)%998244353; } rep(i, 1, N) { ll val; scanf("%lld", &val); if (val <= 55246+45699) printf("%dn", ans[val]); else printf("%dn", ans[(val-55246)%45699+55246]); } } } namespace GG { int qpow(int a, int b, int p) { int res = 1; for (register int k = a; b; k = (ll)k*k%p, b >>= 1) if (b & 1) res = (ll)res * k % p; return res; } void run1(int l, int r, int p) { if (p == 998244353) { rep(i, l, r) if (qpow(i, 499122176, 998244353) != 1 && qpow(i, 142606336, 998244353) != 1 && qpow(i, 58720256, 998244353) != 1) printf("g"); else printf("."); } else { rep(i, l, r) if (qpow(i, 757671828, 1515343657) != 1 && qpow(i, 505114552, 1515343657) != 1 && qpow(i, 378552, 1515343657) != 1 && qpow(i, 96072, 1515343657) != 1) printf("g"); else printf("."); } puts(""); } int st[13123120]; void run2(int p) { memset(st, 0, sizeof(st)); int g = 6, cnt = 0; do { cnt++; if (cnt % 2 && cnt % 3 && cnt % 5 && cnt % 7 && cnt % 11 && cnt % 13 && cnt % 19 && cnt % 23) st[g] = 1; g = g*6%p; } while (g != 6); rep(i, 1, 13123110) if (st[i]) printf("g"); else printf("."); puts(""); } } namespace PP { inline ll Mult(ll a, ll b, ll p) { ll c = (ll)a*b - (ll)((ull)((long double)a*b/p)*p); return c < 0 ? c+p : ((ull)c >= (ull)p ? c-p : c); } ll qpow(ll a, ll b, ll p) { ll res = 1; for (register ll k = a; b; k = Mult(k, k, p), b >>= 1) if (b & 1) res = Mult(res, k, p); return res; } int test[10] = {2, 3, 5, 7, 11, 13, 17, 19, 23, 29}; bool MR(ll P, int cnt = 10) { ll s = P-1; int t = 0; while (!(s & 1)) s >>= 1, t++; rep(i, 0, cnt-1) { if (P == test[i]) return true; if (test[i] > P) return false; ll a = qpow(test[i], s, P), nxt; rep(x, 1, t) { nxt = Mult(a, a, P); if (nxt == 1 && a != 1 && a != P-1) return false; a = nxt; if (a == 1) break; } if (a != 1) return false; } return true; } int N; void main() { scanf("%d", &N); while (N--) { ll l, r; scanf("%lld%lld", &l, &r); while (l <= r) { if (MR(l)) printf("p"); else printf("."); l++; } puts(""); } } } namespace UU { int N; int check[1000005], p[100000]; void init() { memset(check, 0, sizeof(check)); p[0] = 0; rep(i, 2, 1000000) { if (!check[i]) p[++p[0]] = i; for (register int j = 1; j <= p[0] && i*p[j] <= 1000000; j++) { check[i*p[j]] = 1; if (!(i % p[j])) break; } } } ll frac[1000001], mu[1000001]; bool issqr(ll x) { ll v = sqrt(x); if (v*v == x || (v-1)*(v-1)==x || (v+1)*(v+1)==x) return true; return false; } #define cc(x) ((x) == 0 ? '0' : ((x) < 0 ? '-' : '+')) void main() { init(); scanf("%d", &N); while (N--) { ll l, r; scanf("%lld%lld", &l, &r); rep(i, 0, r-l) mu[i] = frac[i] = 1; rep(i, 1, p[0]) { ll x = 1ll*p[i]*p[i], st = l-(l-1)%x-1+x; while (st <= r) { mu[st-l] = 0; frac[st-l] = st; st += x; } x = p[i], st = l-(l-1)%x-1+x; while (st <= r) { mu[st-l] = -mu[st-l]; if (frac[st-l] != st) frac[st-l] *= x; st += x; } } for (register ll i = l; i <= r; i++) { ll val = i/frac[i-l]; if (val == 1) printf("%c", cc(mu[i-l])); else if (PP::MR(val, 2)) printf("%c", cc(-mu[i-l])); else if (issqr(val)) printf("0"); else printf("%c", cc(mu[i-l])); } puts(""); } } } int main() { srand(time(0)); scanf("%s", s); if (s[2] == '9') _998244353::main(998244353); if (s[1] == '?') { if (s[2] == '+') { _998244353::main(5211600617818708273ll); } else { _998244353::main(1145141); } } if (s[1] == 'w') { WA::main(); } if (s[1] == 'g') { int l, r, p, N; if (s[2] == '?') { scanf("%d", &N); while (N--) { scanf("%d%d", &l, &r); if (N) scanf("%d", &p); else p = 1515343657; GG::run1(l, r, p); } } else { scanf("%d", &N); while (N--) { scanf("%d%d%d", &l, &r, &p); if (p == 998244353) GG::run1(l, r, p); else GG::run2(p); } } } if (s[1] == 'p') { PP::main(); } if (s[1] == 'u') { UU::main(); } return 0; }